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数字信号处理部分习题答案

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西安电子(高西全丁美玉第三版)数字信号处理课后答案第2章

1.2 教材第一章习题解答

1. 用单位脉冲序列(n)及其加权和表示题1图所示的序列。 解:

x(n)(n4)2(n2)(n1)2(n)(n1)2(n2)4(n3) 0.5(n4)2(n6)

2n5,4n12. 给定信号:x(n)6,0n4

0,其它(1)画出x(n)序列的波形,标上各序列的值;

(2)试用延迟单位脉冲序列及其加权和表示x(n)序列; (3)令x1(n)2x(n2),试画出x1(n)波形; (4)令x2(n)2x(n2),试画出x2(n)波形; (5)令x3(n)2x(2n),试画出x3(n)波形。 解:

(1)x(n)的波形如题2解图(一)所示。 (2)

x(n)3(n4)(n3)(n2)3(n1)6(n) 6(n1)6(n2)6(n3)6(n4)

(3)x1(n)的波形是x(n)的波形右移2位,在乘以2,画出图形如题2解图(二)所示。 (4)x2(n)的波形是x(n)的波形左移2位,在乘以2,画出图形如题2解图(三)所示。 (5)画x3(n)时,先画x(-n)的波形,然后再右移2位,x3(n)波形如题2解图(四)所示。 3. 判断下面的序列是否是周期的,若是周期的,确定其周期。 (1)x(n)3Acos(n),A是常数;

781j(n)8(2)x(n)e解:

3214,,这是有理数,因此是周期序列,周期是T=14; 7w31216,这是无理数,因此是非周期序列。 (2)w,8w(1)w

5. 设系统分别用下面的差分方程描述,x(n)与y(n)分别表示系统输入和输出,判断系统是否是线性非时变的。 (1)y(n)x(n)2x(n1)3x(n2); (3)y(n)x(nn0),n0为整常数; (5)y(n)x(n);

2(7)y(n)解:

m0x(m)。

y'(n)x(nn0)2x(nn01)3x(nn02)y(nn0)x(nn0)2x(nn01)3x(nn02)y(n)'n(1)令:输入为x(nn0),输出为故该系统是时不变系统。

y(n)T[ax1(n)bx2(n)] ax1(n)bx2(n)2(ax1(n1)bx2(n1))3(ax1(n2)bx2(n2))T[ax1(n)]ax1(n)2ax1(n1)3ax1(n2) T[bx2(n)]bx2(n)2bx2(n1)3bx2(n2) T[ax1(n)bx2(n)]aT[x1(n)]bT[x2(n)]

故该系统是线性系统。

(3)这是一个延时器,延时器是一个线性时不变系统,下面予以证明。 令输入为x(nn1),输出为y(n)x(nn1n0),因为

'

y(nn1)x(nn1n0)y'(n)

故延时器是一个时不变系统。又因为

T[ax1(n)bx2(n)]ax1(nn0)bx2(nn0)aT[x1(n)]bT[x2(n)]

故延时器是线性系统。

(5) y(n)x(n) 令:输入为x(nn0),输出为y(n)x(nn0),因为

'22y(nn0)x2(nn0)y'(n)

故系统是时不变系统。又因为

T[ax1(n)bx2(n)](ax1(n)bx2(n))2 aT[x1(n)]bT[x2(n)]

2 ax12(n)bx2(n)因此系统是非线性系统。

(7) y(n)m0nx(m)

0n令:输入为x(nn0),输出为y(n)'m0x(mn),因为

y(nn0)nn0m0x(m)y(n)

'故该系统是时变系统。又因为

T[ax1(n)bx2(n)](ax1(m)bx2(m))aT[x1(n)]bT[x2(n)]

m0n故系统是线性系统。

6. 给定下述系统的差分方程,试判断系统是否是因果稳定系统,并说明理由。

1(1)y(n)N(3)

x(nk);

k0N1y(n)nn0knn0x(k);

(5)y(n)e解: (1)只要Nx(n)该系统就是因果系统,因为输出只与n时刻的和n时刻以前的输入有关。如果x(n)M,则y(n)M,1,

因此系统是稳定系统。 (3)如果

x(n)M,y(n)nn0knn0x(k)2n01M,因此系统是稳定的。系统是非因果的,因为输出还和x(n)

的将来值有关.

(5)系统是因果系统,因为系统的输出不取决于x(n)的未来值。如果此系统是稳定的。

7. 设线性时不变系统的单位脉冲响应h(n)和输入序列x(n)如题7图所示,要求画出输出输出y(n)的波形。 解:

解法(1):采用图解法

x(n)M,则y(n)ex(n)ex(n)eM,因

y(n)x(n)h(n)x(m)h(nm)

m0图解法的过程如题7解图所示。

解法(2):采用解析法。按照题7图写出x(n)和h(n)的表达式:

x(n)(n2)(n1)2(n3)1h(n)2(n)(n1)(n2)2

x(n)*(n)x(n)因为

x(n)*A(nk)Ax(nk)1y(n)x(n)*[2(n)(n1)(n2)]2所以

1 2x(n)x(n1)x(n2)2将x(n)的表达式代入上式,得到

y(n)2(n2)(n1)0.5(n)2(n1)(n2) 4.5(n3)2(n4)(n5)

8. 设线性时不变系统的单位取样响应h(n)和输入x(n)分别有以下三种情况,分别求出输出y(n)。 (1)h(n)R4(n),x(n)R5(n);

(2)h(n)2R4(n),x(n)(n)(n2); (3)h(n)0.5u(n),xnR5(n)。 解:

(1) y(n)x(n)*h(n)nmR(m)R(nm)

45先确定求和域,由R4(m)和R5(nm)确定对于m的非零区间如下:

0m3,n4mn

根据非零区间,将n分成四种情况求解: ①n0,y(n)0

②0n3,y(n)m01n1 18n

3n③4n7,y(n)mn4④7n,y(n)0 最后结果为

0, n0,n7y(n)n1, 0n3

8n, 4n7y(n)的波形如题8解图(一)所示。 (2)

y(n)2R4(n)*[(n)(n2)]2R4(n)2R4(n2) 2[(n)(n1)(n4)(n5)]y(n)的波形如题8解图(二)所示. (3)

y(n)x(n)*h(n) mR5(m)0.5nmu(nm)0.5nmR5(m)0.5mu(nm)

y(n)对于m的非零区间为0m4,mn。 ①n0,y(n)0

n②0n4,y(n)0.5nm040.5mm10.5n1nn1nn0.5(10.5)0.520.5 110.5③5n,y(n)0.5nm00.510.550.5n310.5n 110.5最后写成统一表达式:

y(n)(20.5n)R5(n)310.5nu(n5)

11. 设系统由下面差分方程描述:

y(n)解:

11y(n1)x(n)x(n1); 22设系统是因果的,利用递推法求系统的单位取样响应。

令:x(n)(n)

h(n)11h(n1)(n)(n1) 2211h(1)(0)(1)12211n1,h(1)h(0)(1)(0)122

11n2,h(2)h(1)2211n3,h(3)h(2)()222n0,h(0)归纳起来,结果为

1h(n)()n1u(n1)(n)

212. 有一连续信号xa(t)cos(2ft),式中,(1)求出xa(t)的周期。

f20Hz,2

(2)用采样间隔T0.02s对xa(t)进行采样,试写出采样信号xa(t)的表达式。

(3)画出对应xa(t)的时域离散信号(序列) x(n)的波形,并求出x(n)的周期。

————第二章————

教材第二章习题解答

1. 设X(e)和Y(e)分别是x(n)和y(n)的傅里叶变换,试求下面序列的傅里叶变换: (1)x(nn0); (2)x(n); (3)x(n)y(n); (4)x(2n)。 解:

(1)FT[x(nn0)]''jwjwnx(nn)e0jwn

令nnn0,nnn0,则

FT[x(nn0)]jwn*nx(n')ejw(nn0)ejwn0X(ejw)

'(2)FT[x*(n)]nx(n)en[x(n)ejwn]*X*(ejw)

njwn(3)FT[x(n)]x(n)e

令nn,则

'FT[x(n)]n'jwx(n)e'jwjwn'X(ejw)

(4) FT[x(n)*y(n)]X(e)Y(e)

证明: x(n)*y(n)mx(m)y(nm)

FT[x(n)*y(n)]nm[x(m)y(nm)]ejwn

令k=n-m,则

FT[x(n)*y(n)] km[x(m)y(k)]ejwkjwneky(k)ejwkmx(m)ejwn

X(ejw)Y(ejw)1,ww02. 已知X(e)

0,w0wjw求X(e)的傅里叶反变换x(n)。 解:

jwx(n)12w0w0ejwndwsinw0n n3. 线性时不变系统的频率响应(传输函数)

H(ejw)H(ejw)ej(w),如果单位脉冲响应h(n)为实序列,试证明输入

x(n)Acos(w0n)的稳态响应为

y(n)AH(ejw)cos[w0n(w0)]。

解:

假设输入信号x(n)ejw0n,系统单位脉冲相应为h(n),系统输出为

y(n)h(n)*x(n)mh(m)ejw0(nm)ejw0nmh(m)ejw0njw0mH(ejw0)e上式说明,当输入信号

为复指数序列时,输出序列仍是复指数序列,且频率相同,但幅度和相位决定于网络传输函数,利用该性质解此题。

x(n)Acos(w0n)y(n)1A[ejw0nejejw0nej]21A[ejejw0nH(ejw0)ejejw0nH(ejw0)] 21 A[ejejw0nH(ejw0)ej(w0)ejejw0nH(ejw0)ej(w0)]2上式中

H(ejw)是w的偶函数,相位函数是w的奇函数,

H(ejw)H(ejw),(w)(w)1AH(ejw0)[ejejw0nej(w0)ejejw0nej(w0)] 2 AH(ejw0)cos(w0n(w0))y(n)1,n0,14. 设x(n)将x(n)以4为周期进行周期延拓,形成周期序列x(n),画出x(n)和x(n)的波形,求出x(n)的

0,其它离散傅里叶级数X(k)和傅里叶变换。 解:

画出x(n)和x(n)的波形如题4解图所示。

X(k)DFS[x(n)]x(n)en03j2kn4en01jkn21ejk2 eX(k)以4为周期,或者

1jk4(ejk4ejk4)2cos(k)•e4jk4,

X(k)en0jkn21e1ejkjk2ee1jk21jk4(e(e1jk21jk4ee1jk21jk4))e1jk41sink2, 1sink4X(k)以4为周期

2X(e)FT[x(n)]4jwkX(k)(wk)2k)4

2X(k)(w2k jwcos(k)e4kjk4(wjw2k)5. 设如图所示的序列x(n)的FT用X(e)表示,不直接求出X(e),完成下列运算: (1)X(e);

j0(2)

X(ejw)dw;

2(5)解:

X(ejw)dw

(1)X(e)j0n3x(n)6

7(2)

X(ejw)dwx(0)•24

27(5)

X(e)dw2x(n)28

jwn326. 试求如下序列的傅里叶变换: (2)x2(n)11(n1)(n)(n1); 22n(3)x3(n)au(n),0a1

解: (2)

X2(e)jwnx(n)e2jwn1jw1e1ejw221 1(ejwejw)1cosw2(3) X3(e)7. 设:

(1)x(n)是实偶函数,

jw

nau(n)enjwnanejwnn01

1aejw(2)x(n)是实奇函数,分别分析推导以上两种假设下,x(n)的傅里叶变换性质。 解: 令 X(e)jwnx(n)ejwn

(1)x(n)是实、偶函数,X(e)两边取共轭,得到

jwnx(n)ejwn

X(e)因此X(e)X(ejw*jw*jwnx(n)ejwnnx(n)ej(w)nX(ejw)

)

jw上式说明x(n)是实序列,X(e)具有共轭对称性质。

jwX(e)nx(n)ejwnnx(n)[coswnjsinwn]

由于x(n)是偶函数,x(n)sinwn是奇函数,那么

nx(n)sinwn0

因此X(e)jwnjwx(n)coswn

该式说明X(e)是实函数,且是w的偶函数。

总结以上x(n)是实、偶函数时,对应的傅里叶变换X(e)是实、偶函数。 (2)x(n)是实、奇函数。

上面已推出,由于x(n)是实序列,X(e)具有共轭对称性质,即

jwjw

X(ejw)X*(ejw)

X(e)jwnx(n)ejwnnx(n)[coswnjsinwn]

由于x(n)是奇函数,上式中x(n)coswn是奇函数,那么

nx(n)coswn0

因此X(e)jjwnjwx(n)sinwn

这说明X(e)是纯虚数,且是w的奇函数。

10. 若序列h(n)是实因果序列,其傅里叶变换的实部如下式: HR(e)1cosw 求序列h(n)及其傅里叶变换H(e)。 解:

1jw1jwHR(e)1cosw1eeFT[he(n)]he(n)ejwn22njwjwjw12,n1he(n)1,n01,n120,n01,n0h(n)he(n),n01,n12h(n),n00,其它neH(e)jwnn

h(n)ejwn1ejw2ejw/2cosw212. 设系统的单位取样响应h(n)au(n),0a1,输入序列为x(n)(n)2(n2),完成下面各题: (1)求出系统输出序列y(n);

(2)分别求出x(n)、h(n)和y(n)的傅里叶变换。 解: (1)

y(n)h(n)*x(n)anu(n)*[(n)2(n2)] au(n)2a(2)

nn2u(n2)

X(e)H(e)jwjwjwn[(n)2(n2)]ejwn12ej2w1

1aejwau(n)ejwnjwnnjwanejwnn012ej2wY(e)H(e)X(e)1aejw13. 已知xa(t)2cos(2f0t),式中f0100Hz,以采样频率fs400Hz对xa(t)进行采样,得到采样信号xa(t)和时域离散信号x(n),试完成下面各题: (1)写出xa(t)的傅里叶变换表示式Xa(j); (2)写出xa(t)和x(n)的表达式;

(3)分别求出xa(t)的傅里叶变换和x(n)序列的傅里叶变换。 解: (1)

Xa(j)xa(t)ejtdt2cos(0t)ejtdt

(ej0tej0t)ejtdt上式中指数函数的傅里叶变换不存在,引入奇异函数函数,它的傅里叶变换可以 表示成:

Xa(j)2[(0)(0)])

ˆa(t)(2) xnx(t)(tnT)2cos(nT)(tnT)

a0nx(n)2cos(0nT), n

02f0200rad,T(3)

1ˆ(j)X(jjk)XaasTk12.5ms fs 式中s2fs800rad/s

2Tk[(

0ks)(0ks)]

X(e) 式中w00T0.5rad

jwnx(n)e[ejw0njwnn2cos(nT)e0kjwnn2cos(wn)e00jwn

ejw0n]ejwn2n[(ww2k)(ww02k)]上式推导过程中,指数序列的傅里叶变换仍然不存在,只有引入奇异函数函数,才能写出它的傅里叶变换表达式。 14. 求以下序列的Z变换及收敛域: (2)2u(n1); (3)2u(n);

(6)2[u(n)u(n10)] 解:

(2) ZT[2u(n)](3)

nnnnn2nnu(n)zn2nznn011,z 1112z2ZT[2u(n1)] (6)

n2nu(n1)znn12nzn2nznn12z11,z12z121z129

ZT[2u(n)u(n10)]2nznnn0 16. 已知:

12z,0z1112z1010

X(z)32 1112z11z2求出对应X(z)的各种可能的序列的表达式。 解:

有两个极点,因为收敛域总是以极点为界,因此收敛域有以下三种情况: 三种收敛域对应三种不同的原序列。 (1)当收敛域

z0.5时,

x(n)12jcX(Z)zn1dz

令F(z)X(z)zn157z15z7n1zzn 11(10.5z)(12z)(z0.5)(z2)n0,因为c内无极点,x(n)=0;

n1,C内有极点0,但z=0是一个n阶极点,改为求圆外极点留数,圆外极点有z10.5,z22,那么

x(n)Res[F(z),0.5]Res[F(z),2](5z7)zn(5z7)zn (z0.5)z0.5(z2)(z0.5)(z2)(z0.5)(z2)1 [3()n22n]u(n1)2(2)当收敛域0.5z2

z2时,

(5z7)zn F(z)(z0.5)(z2)n0,C内有极点0.5;

1x(n)Res[F(z),0.5]3()n

2n0,C内有极点0.5,0,但0是一个n阶极点,改成求c外极点留数,c外极点只有一个,即2,

x(n)Res[F(z),2]22nu(n1)

最后得到x(n)3(3)当收敛域21()nu(n)22nu(n1) 2z时,

(5z7)zn F(z)(z0.5)(z2)n0,C内有极点0.5,2;

1x(n)Res[F(z),0.5]Res[F(z),2]3()n22n

2n<0,由收敛域判断,这是一个因果序列,因此x(n)=0。

或者这样分析,C内有极点0.5,2,0,但0是一个n阶极点,改成求c外极点留数,c外无极点,所以x(n)=0。 最后得到

1x(n)[3()n22n]u(n)

217. 已知x(n)au(n),0a1,分别求: (1)x(n)的Z变换; (2)nx(n)的Z变换; (3)au(n)的z变换。 解:

nn

(1)X(z)ZT[au(n)]nnanu(n)zn1,za

1az1daz1X(z),za (2)ZT[nx(n)]zdz(1az1)2(3)ZT[au(n)]nazn0nnanznn01,za1 1az3z118. 已知X(z),分别求: 1225z2z(1)收敛域0.5(2)收敛域解:

z2对应的原序列x(n);

z2对应的原序列x(n)。

x(n)12jcX(z)zn1dz

F(z)X(z)z(1)当收敛域0.5n13z13•znn1z 25z12z22(z0.5)(z2)z2时,n0,c内有极点0.5,

x(n)Res[F(z),0.5]0.5n2n,n0,

c内有极点0.5,0,但0是一个n阶极点,改求c外极点留数,c外极点只有2,

x(n)Res[F(z),2]2n,

最后得到

x(n)2nu(n)2nu(n1)2(2(当收敛域

n

z2时,

n0,c内有极点0.5,2,

x(n)Res[F(z),0.5]Res[F(z),2]

3•zn0.5(z2)z22(z0.5)(z2)n

0.5n2n

n0,c内有极点0.5,2,0,但极点0是一个n阶极点,改成求c外极点留数,可是c外没有极点,因此x(n)0, 最后得到

x(n)(0.5n2n)u(n)

25. 已知网络的输入和单位脉冲响应分别为

x(n)anu(n),h(n)bnu(n),0a1,0b1,

试:

(1)用卷积法求网络输出y(n); (2)用ZT法求网络输出y(n)。 解:

(1)用卷积法求y(n)

y(n)h(n)x(n)nnmbnmu(m)anmu(nm),n0,

y(n)am0nmm1an1bn1an1bn1baaba,n0,y(n)0 11ababm0nmm最后得到

an1bn1y(n)u(n)

ab(2)用ZT法求y(n)

X(z)11 ,H(z)1az11bz1Y(z)X(z)H(z)12j11az1bz11c

y(n)Y(z)zn1dz

令F(z)Y(z)zn1zn1zn1 11(za)(zb)1az1bzn0,c内有极点a,b

an1bn1an1bn1y(n)Res[F(z),a]Res[F(z),b]

abbaab因为系统是因果系统,n0,y(n)0,最后得到

an1bn1y(n)u(n)

ab28. 若序列h(n)是因果序列,其傅里叶变换的实部如下式:

HR(ejw)求序列h(n)及其傅里叶变换H(e)。 解:

jw1acosw,a1 21a2acosw1acosw10.5a(ejwejw)HR(e) 22jwjw1a2acosw1aa(ee)jw10.5a(zz1)10.5a(ejwejw)HR(z)

1a2a(zz1)(1az1)(1az)求上式IZT,得到序列h(n)的共轭对称序列he(n)。

he(n)2jn11cHR(z)zn1dz

F(z)HR(z)z0.5az2z0.5an1z a(za)(za1)因为h(n)是因果序列,he(n)必定是双边序列,收敛域取:aza1。

n1时,c内有极点a,

0.5az2z0.5an11nhe(n)Res[F(z),a]z(za)a

za2a(za)(za1)n=0时,c内有极点a,0,

F(z)HR(z)z所以

n10.5az2z0.5a1z 1a(za)(za)he(n)Res[F(z),a]Res[F(z),0]1

又因为

he(n)he(n)

所以

1,n0he(n)0.5an,n0

0.5an,n01,n0he(n),n0h(n)2he(n),n0an,n0anu(n)

0,n00,n0H(e)anejwnjwn01 jw1ae

3.2 教材第三章习题解答

1. 计算以下诸序列的N点DFT,在变换区间0nN1内,序列定义为 (2)x(n)(n);

(4)x(n)Rm(n),0mN; (6)x(n)cos(2nm),0mN; N(8)x(n)sin(w0n)•RN(n); (10)x(n)nRN(n)。 解: (2)X(k)(n)Wn0N1knN(n)1,k0,1,,N1

n0N1(4)X(k)Wn0N1knN1W1WkmNkNejNk(m1)sin(Nmk),k0,1,,N1 m)sin(2N1N1jN(mk)n1N1jN(mk)nee2n02n022j(mk)Nj(mk)N11eN1eN 22j(mk)j(mk)2N1eN1e1,km且kNmN,0kN10,km或kNm2N1jmnjkn1jmn2kn(6)X(k)cosmn•WN(eNeN)eN

Nn0n02N1222(8)解法1 直接计算

x8(n)sin(w0n)RN(n)N1n01jw0neejw0nRN(n) 2jX8(k)x(n)WknNjkn1N1jw0neejw0neN 2jn02221N1j(w0N)nj(w0N)n11ejw0N1ejw0Ne e22j(wk)j(wk)2jn0002jNN1e1e解法2 由DFT的共轭对称性求解

因为

x7(n)ejw0nRN(n)cos(w0n)jsin(w0n)RN(n)

x8(n)sin(w0n)RN(n)Imx7(n)

所以

DFTjx8(n)DFTjImx7(n)X70(k)

X8(k)jX70(k)j1X7(k)X7(Nk) 211ejw0N1ejw0N11ejw0N1ejw0N()()结果与解法1所得结2222j(wk)j(w(Nk)j(wk)j(wk)2j2j0000NNNN1e1e1e1e果相同。此题验证了共轭对称性。 (10)解法1

knX(k)nWNn0N1k0,1,,N1

上式直接计算较难,可根据循环移位性质来求解X(k)。 因为 x(n)nRN(n)

所以 x(n)x((n1))N•RN(n)N(n)RN(n) 等式两边进行DFT得到

kX(k)X(k)WNNN(k)

故 X(k)当kN[(k)1],k1,2,N1 k1WNN1n0N1n00时,可直接计算得出X(0)

X(0)nWn0NN(N1)

2这样,X(k)可写成如下形式:

N(N1),k02 X(k)N,k1,2,N1k1WN解法2

k0时,

X(k)nn0N1N(N1) 2k0时,

k2k3k(N1)kX(k)0WN2WN3WN(N1)WNkn2k3k4k(N1)kWNX(k)0WN2WN3WN(N2)WN(N1)

X(k)WX(k)WknNn1N1knNkn(N1)WN1(N1)Nn0N1所以,

X(k)即

N,k0 k1WNN(N1),k02 X(k)N,k1,2,N1k1WN2. 已知下列X(k),求x(n)IDFT[X(k)];

Nj2e,kmNj(1)X(k)e,kNm;

20,其它kNj2je,kmNj(2)X(k)je,kNm

20,其它k解: (1)

1x(n)IDFT[X(k)]N1e2(2)

2j(mn)NWn0N1knN1N2mnNjj2NNjjN(Nm)neeee22e2j(mn)N2cos(mn),n0,1,N1N

x(n)1NNjmnNj(Nm)njeWNeWN 22221j(Nmn)j(Nmn)2eesin(mn),n0,1,N1 2jN3. 长度为N=10的两个有限长序列

1,0n41,0n4 x2(n) x1(n)0,5n91,5n9作图表示x1(n)、x2(n)和y(n)x1(n)x2(n)。 解:

x1(n)、x2(n)和y(n)x1(n)x2(n)分别如题3解图(a)、(b)、(c)所示。

14. 两个有限长序列x(n)和y(n)的零值区间为:

x(n)0,n0,8n

y(n)0,n0,20n对每个序列作20点DFT,即

X(k)DFT[x(n)],k0,1,,19

Y(k)DFT[y(n)],k0,1,,19如果

F(k)X(k)•Y(k),k0,1,,19

f(n)IDFT[F(k)],k0,1,,19试问在哪些点上f(n)x(n)*y(n),为什么? 解:

如前所示,记f(n)x(n)*y(n),而f(n)IDFT[F(k)]x(n)y(n)。fl(n) 长度为27,f(n)长度为20。已推出二者的关系为

f(n)mf(n20m)•Rl20(n)

只有在如上周期延拓序列中无混叠的点上,才满足f(n)fl(n)所以

f(n)fl(n)x(n)y(n),7n19

15. 用微处理机对实数序列作谱分析,要求谱分辨率F(1)最小记录时间Tpmin; (2)最大取样间隔Tmax; (3)最少采样点数Nmin;

(4)在频带宽度不变的情况下,将频率分辨率提高一倍的N值。 解: (1)已知F50Hz,信号最高频率为1kHZ,试确定以下各参数:

50HZ

Tpmin110.02s F50

(2)Tmax1fmin110.5ms 32fmax210(3)NminTpT0.02s40 30.510(4)频带宽度不变就意味着采样间隔T不变,应该使记录时间扩大一倍为0.04s实现频率分辨率提高一倍(F变为原来的1/2)

Nmin0.04s80

0.5ms18. 我们希望利用h(n)长度为N=50的FIR滤波器对一段很长的数据序列进行滤波处理,要求采用重叠保留法通过DFT来实现。所谓重叠保留法,就是对输入序列进行分段(本题设每段长度为M=100个采样点),但相邻两段必须重叠V个点,然后计算各段与h(n)的L点(本题取L=128)循环卷积,得到输出序列ym(n),m表示第m段计算输出。最后,从

ym(n)中取出B个,使每段取出的B个采样点连接得到滤波输出y(n)。

(1)求V; (2)求B;

(3)确定取出的B个采样应为ym(n)中的哪些采样点。 解:

为了便于叙述,规定循环卷积的输出序列ym(n)的序列标号为0,1,2,…,127。

先以h(n)与各段输入的线性卷积ylm(n)考虑,ylm(n)中,第0点到48点(共49个点)不正确,不能作为滤波输出,第49点到第99点(共51个点)为正确的滤波输出序列y(n)的一段,即B=51。所以,为了去除前面49个不正确点,取出51个正确的点连续得到不间断又无多余点的y(n),必须重叠100-51=49个点,即V=49。

下面说明,对128点的循环卷积ym(n),上述结果也是正确的。我们知道

ym(n)因为ylm(n)长度为

rylm(n128r)•R128(n)

N+M-1=50+100-1=149

所以从n=20到127区域, ym(n)ylm(n),当然,第49点到第99点二者亦相等,所以,所取出的第51点为从第49到99点的ym(n)。 综上所述,总结所得结论

V=49,B=51

选取ym(n)中第49~99点作为滤波输出。

5.2 教材第五章习题解答

1. 设系统用下面的差分方程描述:

y(n)解:

311y(n1)y(n2)x(n)x(n1), 483试画出系统的直接型、级联型和并联型结构。

y(n)将上式进行Z变换

311y(n1)y(n2)x(n)x(n1) 483311Y(z)Y(z)z1Y(z)z2X(z)X(z)z1

48311z13 H(z)31121zz48(1) 按照系统函数H(z),根据Masson公式,画出直接型结构如题1解图(一)所示。

题1解图(一)

(2)将H(z)的分母进行因式分解

11z13 H(z)31121zz4811z13  1111(1z)(1z)24按照上式可以有两种级联型结构:

11z113(a) H(z) •1111(1z)(1z)24画出级联型结构如题1解图(二)(a)所示

11z113(b) H(z) •1111(1z)(1z)24画出级联型结构如题1解图(二)(b)所示

题1解图(二)(a)(b)

(3)将H(z)进行部分分式展开

11(1z1)(1z1)241zH(z)AB3 1111z(z)(z)zz24241z1103 A(z)11123z(z)(z)2241z173 B(z)1114z3(z)(z)424107H(z)33

11zzz24107107zz33 H(z)331111zz1z11z12424根据上式画出并联型结构如题1解图(三)所示。

H(z)11z13

题1解图(三)

3. 设数字滤波器的差分方程为

y(n)(ab)y(n1)aby(n2)x(n2)(ab)x(n1)abx(n),

试画出该滤波器的直接型、级联型和并联型结构。 解:

将差分方程进行Z变换,得到

Y(z)(ab)Y(z)z1abY(z)z2X(z)z2(ab)X(z)z1abX(z)

Y(z)ab(ab)z1z2H(z)

X(z)1(ab)z1abz2(1) 按照Massion公式直接画出直接型结构如题3解图(一)所示。

题3解图(一)

(2)将H(z)的分子和分母进行因式分解:

(az1)(bz1)H(z)H1(z)H2(z)

(1az1)(1bz1)按照上式可以有两种级联型结构:

z1a(a) H1(z)

1az1z1bH2(z) 11bz画出级联型结构如题3解图(二)(a)所示。

z1a(b) H1(z)

1bz1z1bH2(z) 11az画出级联型结构如题3解图(二)(b)所示●。

题3解图(二)(a)(b)

4. 设系统的系统函数为

4(1z1)(11.414z1z2)H(z),

(10.5z1)(10.9z10.18z2)试画出各种可能的级联型结构。 解:

由于系统函数的分子和分母各有两个因式,可以有两种级联型结构。

H(z)H1(z)H2(z)

(1) ,

4(1z1)11.414z1z2H1(z) H2(z)110.5z10.9z10.81z2画出级联型结构如题4解图(a)所示●。 (2)

11.414z1z24(1z1)H1(z) H2(z)110.5z10.9z10.81z2画出级联型结构如题4解图(b)所示。

题4解图(a)(b)

第一种级联型结构最好, 因为用的延时器少。

5.图中画出了四个系统,试用各子系统的单位脉冲响应分别表示各总系统的单位脉冲响应,并求其总系统函数。图d 解: 解:

(a) h(n)=h1(n)*h2(n)*h3(n), H(z)=H1(z)H2(z)H3(z)

(b) h(n)=h1(n)+h2(n)+h3(n), H(z)=H1(z)+H2(z)+H3(z) (c) h(n)=h1(n)*h2(n)+h3(n), H(z)=H1(z) · H2(z)+H3(z)(d) h(n)h1(n)[h2(n)h3(n)h4(n)]h5(n)

h1(n)h2(n)h1(n)h3(n)h4(n)h5(n)

H(z)H1(z)H2(z)H1(z)H3(z)H4(z)H5(z)

6. 写出图中流图的系统函数及差分方程。 解:

1H(z)1az1 (a)

10.5z1H(z)10.3z1 ( b )

H(z)=a+bz-1+cz-2 ( c )

(d)

rsin•z1H(z)1rcos•z1rcos•z1r2sin2•z2r2cos2•z2

rsin•z1

12rcos•z1r2z2y(n)2rcosy(n1)r2y(n2)rsin•x(n1)

20.24z1H(z)10.25z10.2z2

(e)

11H(z)1110.5z10.75z ( f )

20.25z1H(z)32110.25zz8 ( g )

H(z)3sinz143131232231coszcoszsinzcosz24444

31sinz43112coszz24 ( h )

b0b1z1b2z21H(z)121a1za2z1a3z1 (i)

b0b1zb2zb3b4zH(z)121a1za2z1a3z1 (j)

9.

解: 画出滤波器的直接型结构、 线性相位结构分别如题9解图(a)、 (b)所示。

121 已知FIR滤波器的系统函数为

H(z)1(10.9z12.1z20.9z3z4)10,试画出该滤波器的直接型结构和线性相位结

构。

题9解图(a)、 (b)

13.已知FIR滤波器的单位脉冲响应为h(n)(n)(n1)(n4),试用频率采样结构实现该滤波器。设采样点数N=5,要求画出频率采样网络结构,写出滤波器参数的计算公式。 解:

已知频率采样结构的公式为

H(z)(1z式中,N=5

N1)NH(k) k1k01WNzN1H(k)DFT[h(n)]h(n)Wn0N1knNkn[(n)(n1)(n4)]WN n04 1e2jk5e8jk5,k0,1,2,3,4

它的频率采样结构如题13解图所示。

题13解图

18. 对于题18图中的系统, 要求: (1) (2)

确定它的系统函数; 如果系统参数为

① b0=b2=1, b1=2, a1=1.5, a2=-0.9 ② b0=b2=1, b1=2, a1=1, a2=-2 解: (1)

画出系统的零极点分布图, 并检验系统的稳定性。

b0b1z1b2z2H(z)

1a1z1a2z2 (2)

① b0=b2=1, b1=2, a1=1.5, a2=-0.9

12z1z2H(z)111.5z 0.9z2零点为z=-1(二阶), 极点为 p1, 2=0.75±0.58j, |p1, 2|=0.773

极零点分布如题18 解图(a)所示。 由于极点的模小于1, 可知系统稳定。

题18 解图

6.2 教材第六章习题解答

1. 设计一个巴特沃斯低通滤波器,要求通带截止频率fp6kHz,通带最大衰减ap3dB,阻带截止频率fs12kHz,阻带最小衰减as3dB。求出滤波器归一化传输函数Ha(p)以及实际的Ha(s)。 解:

(1)求阶数N。

N0.1algksplgsp

10p1100.31ksp0.0562

100.1as1102.51s212103sp2 3p2610将ksp和sp值代入N的计算公式得

Nlg0.05624.15

lg2所以取N=5(实际应用中,根据具体要求,也可能取N=4,指标稍微差一点,但阶数低一阶,使系统实现电路得到简化。) (2)求归一化系统函数Ha(p),由阶数N=5直接查表得到5阶巴特沃斯归一化低通滤波器系统函数Ha(p)为

Ha(p)1p3.2361p5.2361p5.2361p3.2361p132

或 Ha(p)1

(p20.618p1)(p21.618p1)(p1)12k1j()22N当然,也可以按(6.12)式计算出极点:

pke按(6.11)式写出Ha(p)表达式

,k0,1,2,3,4

Ha(p)14

(ppk)k0代入pk值并进行分母展开得到与查表相同的结果。

(3)去归一化(即LP-LP频率变换),由归一化系统函数Ha(p)得到实际滤波器系统函数Ha(s)。

由于本题中ap3dB,即cp26103rad/s,因此

Ha(s)Ha(p)ps cc5 5 4233245s3.2361cs5.2361cs5.2361cs3.2361csc对分母因式形式,则有

Ha(s)Ha(p)ps cc5 2

(s0.6180cs2c)(s21.6180cs2c)(sc)如上结果中,c的值未代入相乘,这样使读者能清楚地看到去归一化后,3dB截止频率对归一化系统函数的改变作用。 2. 设计一个切比雪夫低通滤波器,要求通带截止频率fp3kHz,通带最在衰减速ap0.2dB,阻带截止频率

fs12kHz,阻带最小衰减as50dB。求出归一化传输函数Ha(p)和实际的Ha(s)。

解:

(1)确定滤波器技术指标:

ap0.2dB,p2fp6103rad/s

as50dB,s2fs24103rad/s

p1,s(2)求阶数N和:

s4 pArch(k1) NArch(s)100.1as1k1456.65 0.1ap1011N为了满足指标要求,取N=4。

Arch(1456.65)3.8659

Arch(4)10(2)求归一化系统函数Ha(p)

0.1ap10.2171

Ha(p)1•2N1其中,极点pk由(6.2.38)式求出如下:

N(ppk)1.738614

(ppk)k1k1pkch()sin((2k1)(2k1))jch()cos(),k1,2,3,4

2N2N1111Arsh()Arsh()0.5580

N40.2171p1ch(0.5580)sin()jch(0.5580)cos()0.4438j1.0715

8833p2ch(0.5580)sin()jch(0.5580)cos()1.0715j0.4438

8855p3ch(0.5580)sin()jch(0.5580)cos()1.0715j0.4438

8877p4ch(0.5580)sin()jch(0.5580)cos()0.4438j1.0715

88(3)将Ha(p)去归一化,求得实际滤波器系统函数Ha(s)

Ha(s)Ha(p)ps c

p41.7368(sppk)k14p41.7368(ssk)k14

其中skppk6103pk,k1,2,3,4,因为p4p1,p3p2,所以s4s1,s3s2。将两对共轭极点对应

7.26871016(s2Re[s1]ss1)(s2Re[s2]ss2)2222的因子相乘,得到分母为二阶因子的形式,其系数全为实数。

Ha(s)

7.268710162(s1.6731104s4.7791108)(s24.0394104s4.7790108)

4. 已知模拟滤波器的传输函数Ha(s)为: (1)Ha(s)sa;

(sa)2b2b。式中,a,b为常数,设Ha(s)因果稳定,试采用脉冲响应不变法,分别将其转换成数字滤波22(sa)b(2)Ha(s)器H(z)。

解:

该题所给Ha(s)正是模拟滤波器二阶基本节的两种典型形式。所以,求解该题具有代表性,解该题的过程,就是导出这两种典型形式的Ha(s)的脉冲响应不变法转换公式,设采样周期为T。 (1)Ha(s)sa

(sa)2b2Ha(s)的极点为:

s1ajb,s2ajb

将Ha(s)部分分式展开(用待定系数法):

Ha(s)A1A2sa 22(sa)bss1ss2A1(ss2)A2(ss1)(A1A2)sA1s2A2s1 2222(sa)b(sa)b比较分子各项系数可知:

A、B应满足方程:

A1A21 AsAsa1221解之得

11A1,A2

22所以

H(z)Ak0.50.5skT1z1e(ajb)Tz11e(ajb)Tz1k11eH(z)221122Ha(s) s(ajb)s(ajb)Ak0.50.5 skT1(ajb)T1(ajb)T11ez1ez1ezk1按照题目要求,上面的H(z)表达式就可作为该题的答案。但在工程实际中,一般用无复数乘法器的二阶基本结构实现。由于两个极点共轭对称,所以将H(z)的两项通分并化简整理,可得

1z1eaTcos(bT)H(z)

12eaTcos(bT)z1e2aTz2用脉冲响应不变法转换成数字滤波器时,直接套用上面的公式即可,且对应结构图中无复数乘法器,便于工程实际中实现。 (2) Ha(s)b 22(sa)b

Ha(s)的极点为:

s1ajb,s2ajb

将Ha(s)部分分式展开:

11jj22 Ha(s)s(ajb)s(ajb)H(z)通分并化简整理得

0.5j1e(ajb)Tz10.5j

1e(ajb)Tz1z1eaTsin(bT)H(z) aT12aT212ecos(bT)zez5. 已知模拟滤波器的传输函数为: (1)Ha(s)1; 2ss11试用脉冲响应不变法和双线性变换法分别将其转换为数字滤波器,设T=2s。 22s3s1(2)Ha(s)解:

(1)用脉冲响应不变法

①Ha(s)1

s2s1方法1 直接按脉冲响应不变法设计公式,Ha(s)的极点为:

s10.5j33,s20.5j 22jHa(s)333)2j333)2

s(0.5js(0.5jjH(z)1e代入T=2s

33z1j1e33z13(0.5j)T23(0.5j)T2

jH(z)1e33zj1e33z(1j3)1(1j3)1

23z1e1sin3 •1122312zecos3ez方法2 直接套用4题(2)所得公式,为了套用公式,先对Ha(s)的分母配方,将Ha(s)化成4题中的标准形式:

Ha(s)由于

b•c,c为一常数,

(sa)2b21313s2s1(s)2(s)2()2

2422所以

Ha(s)1ss2s13/213(s)2()222•23 3对比可知,a13,b,套用公式得 2223z1eaTsin(bT) H(z)•aT12aT2312ecos(bT)zezT=223z1e1sin3 •312z1e1cos3e2z2② Ha(s)11-1 =+22s3s1s+0.5s+1H(z)= =或通分合并两项得

11-e-0.5Tz+-1-1

1-e-Tz-1T=21-1+

1-e-1z-11-e-2z-1(e-1-e-2)z-1H(z)=

1-(e-1+e-2)z-1+e-3z2(2)用双线性变换法

① H(z)Ha(s) 21z1s,T21T1z11z121z1()11z11z1

(1z1)2 (1z1)2(1z1)(1z1)(1z1)212z1z2

3z2② H(z)Ha(s) 21z1s,T2T1z111z121z12()311z11z1

(1z1)2 2(1z1)23(1z2)(1z1)212z1z2

62z17. 假设某模拟滤波器Ha(s)是一个低通滤波器,又知H(z)Ha(s)种情况?并说明原因。 (1)w0 (低通); (2)w(高通);

(3)除0或外的某一频率(带通)。 解:

按题意可写出

sz1z1,数字滤波器H(z)的通带中心位于下面的哪

H(z)Ha(s)故

z1

sz1wz1e12jcotw sjjwz1zejwejw12sin2jwcos即

cotw 2原模拟低通滤波器以0为通带中心,由上式可知,0时,对应于w,故答案为(2)。

9. 设计低通数字滤波器,要求通带内频率低于0.2rad时,容许幅度误差在1dB之内;频率在0.3到之间的阻带衰减大于10dB;试采用巴特沃斯型模拟滤波器进行设计,用脉冲响应不变法进行转换,采样间隔T=1ms。 解:

本题要求用巴特沃斯型模拟滤波器设计,所以,由巴特沃斯滤波器的单调下降特性,数字滤波器指标描述如下:

wp0.2rad,ap1dBws0.3rad,as10dBwp

采用脉冲响应不变法转换,所以,相应模拟低通巴特沃斯滤波器指标为:

pT wss0.31000300(rad/s),as10dBT(1)求滤波器阶数N及归一化系统函数Ha(p):

0.21000200(rad/s),ap1dBN0.1algksplgsp

10p1100.11ksp0.1696 0.1as1101101sps3001.5 p200lg0.16964.376

lg1.5N取N=5,查表6.1的模拟滤波器系统函数的归一化低通原型为:

Ha(p)14

(ppk)k0p00.3090j0.9511p4 p10.8090j0.5818p3

p21

将Ha(p)部分分式展开:

Ha(p)k04Ak

ppk其中,系数为:

A00.1382j0.4253, A10.8091j1.1135,

A21.47,

A30.8091j1.1135, A40.1382j0.4253

(2)去归一化求得相应的模拟滤波器系统函数Ha(s)。

我们希望阻带指标刚好,让通带指标留有富裕量,所以按(6.2.18)式求3dB截止频率c。

cs(100.1as1)12N300(101)110756.566(rad/s)

44cAkBsHa(s)Ha(p)pk

ck0scpkk0ssk其中BkcAk,skcpk。

(3)用脉冲响应不变法将Ha(s)转换成数字滤波器系统函数H(z):

H(z)k04Bk,T1ms103s skT1zk01e

4Bk1e103skz1我们知道,脉冲响应不变法的主要缺点是存在频率混叠失真,设计的滤波器阻带指标变差。另外,由该题的设计过程可见,当N较大时,部分分式展开求解系数Ak或Bk相当困难,所以实际工作中用得很少,主要采用双线性变换法设计。

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